Chọn đáp án A

⇒  Số C trung bình của X, Y

T là CH₃COOC₂H₄OOCC₂H₅ = (HCOO)₂C₂H₄ + 3CH₂

⇒  nCH₂ từ X, Y là 

Vậy %^mY trong E = 

Đáp án là A

Định hướng tư duy giải

Ta có:

Khi đốt cháy E có:

Vậy ta có:

Cách 1: Đi tìm công thức của hai axit.

Ta biện luận số C dựa vào số mol CO₂

→ hai axit là  CH 3 COOH   :   0 , 02   ( mol ) C 2 H 5 COOH   :   0 , 01   ( mol )

Vậy hỗn hợp khí là:

CH 4   :   0 , 06 C 2 H 6   :   0 , 05 → BTKL m = 0 , 06 . 16 + 0 , 06 . 30 = 2 , 46   ( g a m ) .

Cách 2: Dùng phương pháp BTKL

→ BTKL m E = 0 , 41 . 44 + 0 , 4 . 18 - 0 , 47 . 32 = 10 , 2   ( g a m )

→ BTKL   m E + m N a O H = m R C O O N a + m a n c o l + m H 2 O

=>  m RCOONa = 10 , 2 + 0 , 11 . 40 – 0 , 07 . 62 – 0 , 03 . 18 = 9 , 72

→ m RH = 9 , 72 - 0 , 11 ( 69 - 1 ) = 2 , 46 .

Đáp án A

d_ancol/H2 = 31 => M_ancol = 62

=> Ancol Z có CTCT HOCH₂CH₂OH(C₂H₆O₂)

Ta có:

Khi đốt cháy E có:

Áp dụng ĐLBTNT.O:

n_O(E) + 2n_O2 = 2n_H2O => 4a + 2b + 2c + 0,47.2 = 0,41.2 + 0,4

→ 4a + 2b + 2c + 0,47.2 = 0,41.2 +0,4 → 4a + 2b + 2c = 0,28 mol

Giả hệ PT:

Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng cháy:

m_E + m_O2 = m_H2O + m_CO2

→ m_E = 0,41.44 + 0,4.18  – 0,47.32 = 10,2

0,1 mol E + 0,11 mol NaOH

Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng thủy phân: m_E + m_NaOH = m_RCOONa + m_ancol + m_nước

→ m_RCOONa = 10,2 + 0,11.40 – 0,07.62 – 0,03.18 = 9,72 gam.

→ m_RH = 9,72 – 0,11.(69 – 1) = 2,46 g 

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

MZ = 31 × 2 = 62 ⇒ Z là C2H4(OH)2.

Quy E về HCOOH, C2H6O2, CH2, H2O với số mol lần lượt là a, b, c và d.

mol 

mol.

Cho mol; 

mol

mol = a 

⇒ giải hệ có: b=0,07 mol; c=0,16 mol; d=-0,18 mol.

⇒ cô cạn G thu được 0,11 mol HCOONa và 0,16 mol CH2

⇒ sau phản ứng vôi tôi xút 

→ khí gồm 0,11 mol H2 và 0,16 mol CH2.

⇒m=0,11.2+0.16.14=2,46 gam.